Kiểm Tra Trắc Nghiệm Online Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Năm 2023 Sinh Học Online-Đề 3 Trắc Nghiệm Online Môn Sinh - Nhanh Chóng & Hiệu Quả

Phương pháp: Bước 1: Tim cấu trúc di truyền ở P. Tỉ lệ aa → tần số a, A → cấu trúc di truyền ở P: Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc: p2AA +2pqAa + q2aa = 1Bước 2: Xác định tỉ lệ thân cao ở P → Tự thụ. Bước 3: Tính tỉ lệ dị hợp ở đời con. P: xAA:yAa:zaa sau n thế hệ tự thụ phấn có thành phần kiểu gen \(x + \frac{{y\left( {1 – 1/{2^n}} \right)}}{2}AA:\frac{y}{{{2^n}}}Aa:z + \frac{{y\left( {1 – 1/{2^n}} \right)}}{2}aa\) Cách giải: P đang cân bằng di truyền có 4% cây thân thấp → tần số alen \(a = {\text{ }}\sqrt {0,04} {\text{ }} = {\text{ }}0,2{\text{ }} \to {\text{ }}A{\text{ }} = 0,8\) Giả sử cấu trúc di truyền ở thế hệ ban đầu (P) 0,64AA:0,32Aa:0,04aa. Nếu cho các cây thân cao \(P:{\text{ }}0,64AA:0,32Aa{\text{ }} \leftrightarrow 2AA:1Aa\) tự thụ phấn, tỉ lệ \({\text{Aa}} = \frac{1}{3} \times \frac{1}{2} = \frac{1}{6}\)

Cả 4 phát biểu đúng. Quy ước: A-B- = A-bb: hoa đỏ; aaB- : quy định hoa vàng; aabb: hoa trắng. I đúng cho các cây dị hợp 2 cặp gen tự thụ: AaBb x AaBb, tỉ lệ hoa vàng (A-bb; aaB-) ở đời con là: \(2 \times \frac{3}{4} \times \frac{1}{4} = \frac{6}{{16}} = 37,5{\text{\% }}\) II đúng. Vì nếu cây hoa đỏ có kiểu gen \(AaBb{\text{ }} \times {\text{ }}aabb{\text{ }} \to 3\) loại kiểu hình III đúng. Vì nếu cây hoa vàng có kiểu gen dị hợp \(aaBb{\text{ }} \times {\text{ }}Aabb\) thì đời con có 25% AaBb (hoa đỏ) IV đúng. Vì nếu cây hoa đỏ đem lại là Aabb x AaBb thì đời con có kiểu hình aabb chiếm tỉ lệ 1/8.

Phương pháp: Bước 1: Tính tỉ lệ giao tử của cơ thể \(\frac{{Ab}}{{aB}};f \to \underline {AB} = \underline {ab} = \frac{f}{2};\underline {Ab} = \underline {aB} = \frac{{1 – f}}{2}\) Bước 2: Tính tỉ lệ A-B- Cách giải: Cơ thể \(\frac{{Ab}}{{aB}};f = 40{\text{\% }} \to \underline {AB} = \underline {ab} = \frac{f}{2} = 0,2;\underline {Ab} = \underline {aB} = \frac{{1 – f}}{2} = 0,3\) Tỷ lệ trội 2 tính trạng \(\frac{{AB}}{{ab}} = \frac{f}{2} \times 1 = 0,2\)

Phương pháp: Bước 1: Xác định gen gây bệnh là gen lặn hay trội → quy ước gen. Bước 2: Biện luận kiểu gen của người 6,7 Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc: p2AA + 2pqAa + q2aa = 1 Bước 3: Xét các phát biểu. Cách giải: Bố mẹ bình thường nhưng sinh con gái bị bệnh → Bệnh do gen lặn trên NST thường gây ra. Quy ước: A- bình thường, a- bị bệnh. Người số (6) và người số (7) đều đến từ một quần thể đang cân bằng di truyền có tỉ lệ người bị bệnh là 1% → aa = 1% → tần số alen a = 0,1 → A = 0,9 → cấu trúc di truyền của quần thể này là 0,81AA:0,18Aa:0.01aa → người 6,7 có kiểu gen: \(0,81AA:0,18Aa{\text{ }} \leftrightarrow 9AA:2Aa\) Xét các phát biểu I sai, bệnh do gen trên NST thường quy định. II đúng, xác suất người số (6) có kiểu gen đồng hợp là \(\frac{9}{{11}}.\) III đúng, xác định được kiểu gen của 5 người có kiểu gen dị hợp : 1,2, 8,9,10. IV sai, Người 10: Aa Người 11: có bố mẹ 6 – 7 đều có kiểu gen: \(\left( {9AA:2Aa} \right){\text{ }} \times {\text{ }}\left( {9AA:2Aa} \right){\text{ }} \leftrightarrow {\text{ }}\left( {10A:la} \right)\left( {10A:1a} \right) \to \) người 11: \(100AA:20Aa{\text{ }} \leftrightarrow {\text{ }}5AA:1Aa.\;\) Xét cặp vợ chồng 10 – 11: \(Aa{\text{ }} \times {\text{ }}(5AA:Aa) \to \) XS họ sinh con bị bệnh là: \(\frac{1}{6}Aa \times \frac{1}{4}aa = \frac{1}{{24}}\)

Phương pháp: Bước 1: Xác định quy luật di truyền, quy ước gen Bước 2: Viết sơ đồ lai từ P → F1 → F2 Bước 3: Tính tần số HVG dựa vào tỉ lệ kiểu hình của F2. Bước 4: Xét các phát biểu Cách giải: Ta thấy F2 có kiểu hình ở 2 giới khác nhau về cả 2 tính trạng → 2 cặp gen này cùng nằm trên vùng không tương đồng của NST X Ở thú XX là con cái; XY là con đực F1: 100% mắt đỏ, đuôi ngắn → P thuần chủng, hai tính trạng này là trội hoàn toàn Quy ước gen: A- mắt đỏ; a- mắt trắng B- đuôi ngắn; b- đuôi dài \({\text{P}}:{\hat O^a}Y \times qX_B^AX_B^A \to {{\text{F}}_1}:X_B^AY:X_B^AX_b^a\) Ở giới đực F2 có 4 loại kiểu hình → có HVG ở con cái, Tỷ lệ kiểu gen ở giới đực F2: 0,4-0,4:0,1:0,1 → tỷ lệ giao tử ở con cái \({{\text{F}}_1}:0,4X_B^A:0,4X_b^a:0,1X_B^a:0,1X_b^A \to {\text{f}} = 20{\text{\% }}\) Cho \({{\text{F}}_1} \times {{\text{F}}_1}:X_B^AY \times X_B^AX_b^a \to 0,4X_B^A:0,4X_b^a:0,1X_B^a:0,1X_b^A \times \left( {X_B^A:Y} \right)\) Xét các phát biểu: I đúng, cho tối đa 8 loại kiểu gen. II sai, xảy ra HVG ở giới cái. III đúng, các cá thể cái ở \({{\text{F}}_2}:0,4X_B^AX_B^A:0,4X_B^AX_b^a:0,1X_B^AX_B^a:0,1X_B^AX_b^A \to \) Tỉ lệ thuần chủng: 40%. IV đúng, cho cá thể cái F1 lai phân tích: \(X_B^AX_b^a \times X_b^aY;f = 20{\text{\% }} \to X_b^AY = \frac{f}{2}X_b^A \times 0,5Y = 5{\text{\% }}\)

Phương pháp: Bước 1: Tính số codon tối đa tạo ra: n3 (n là số loại nucleotit) Bước 2: Trừ đi số codon kết thúc không mã hóa axit amin. Số bộ ba không mã hóa axit amin: 3 mã kết thúc: 5'UAA3'; 5'UAG3'; 5'UGA3' Cách giải: Từ 3 loại nucleotit A,U,X sẽ tạo tối đa 33 = 27 codon. Trong đó có codon UAA (codon kết thúc không mã hóa axit amin → có 26 codon mã hóa axit amin.

Phương pháp: Bước 1: Viết sơ đồ lai, tách từng cặp NST. Bước 2: Xét các phát biểu. Cách giải: \(\frac{{Ad}}{{aD}}Bb \times \frac{{Ad}}{{aD}}Bb \to \left( {1\frac{{Ad}}{{Ad}}:2\frac{{Ad}}{{aD}}:1\frac{{aD}}{{aD}}} \right)(1BB:2Bb:1bb)\) Xét các phát biểu I sai. Ở F1, cây thân cao, hoa trắng chiếm: \(\frac{{Ad}}{{Ad}}(BB,Bb) = \frac{1}{4}\frac{{Ad}}{{Ad}} \times \frac{2}{3}(BB,Bb) = \frac{1}{6}\) II đúng, cây thân cao, hoa vàng dị hợp tử về 3 cặp gen: \(\frac{{Ad}}{{aD}}Bb = \frac{1}{2}\frac{{Ad}}{{aD}} \times \frac{1}{2}Bb = \frac{1}{4}\) III sai, có tối đa 9 loại kiểu gen. IV đúng, cây thân thấp, hoa vàng: \(\frac{{Ad}}{{aD}}bb;\frac{{aD}}{{aD}}(BB,Bb)\)

Phương pháp: Tính tỉ lệ B-dd → bbdd + P dị hợp 2 cặp gen: B-D- = 0,5 + bbdd; Budd/bbD- = 0,25 – bbdd + Tính bd/bd → bd = ? + Tính f khi biết bd Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2 Cách giải: Thân cao, hoa đỏ, hạt xanh \(A – (B – dd) = \frac{{315}}{{2000}} = 0,1575 \to B – dd = \frac{{0,1575}}{{0,75A – }} = 0,21\) \( \to {\text{bbdd}} = 0,25 – {\text{B}} – {\text{dd}} = 0,04 = {({\text{bd}})^2} \to \underline {{\text{bd}}} = 0,2\) là giao tử hoán vị \( = \frac{f}{2} \to f = 40{\text{\% }}\) Kiểu gen của P: \(Aa\frac{{Bd}}{{bD}};f = 40{\text{\% }}\)

Phương pháp: Operon Lac có 3 thành phần: + Các gen cấu trúc (Z, Y, A) quy định tổng hợp prôtêin tham gia chuyển hóa và sử dụng đường lactozơ. +Vùng vận hành: O: gen chỉ huy chi phối hoạt động của cụm gen cấu trúc. + P: vùng khởi động (nơi ARN-pôlimeraza bám vào và khởi đầu phiên mã). + R: gen điều hòa kiểm soát tổng hợp prôtêin ức chế Gen điều hòa không thuộc cấu trúc operon Lac. Cách giải: Khi trong môi trường có lactose → lactose liên kết với protein làm protein bị bất hoạt

Phương pháp: 1 gen có 2 alen trong quần thể sẽ có 3 kiểu gen bình thường, 4 kiểu gen thể ba. Viết số kiểu gen bình thường và thể ba của cả 3 cặp NST. Cách giải: Số kiểu gen thể ba có kiểu hình mang 2 tính trạng trội là: 3 (AAA, AAA, Aaa) x 2 (BB, Bb) + 2 (Aa, Aa) x 3 (BBB, BBb, Bbb) = 12